2018_2019学年高考物理主题二机械能及其守恒定律第四章机械能及其守恒定律阶段检测教科版.doc
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1、第四章 机械能及其守恒定律阶段检测(时间:90分钟满分:100分)一、选择题(本题共10小题,每小题5分,共50分。其中16题为单项选择题,710题为多项选择题)1.如图1所示,一小孩和一大人都以水平方向的力匀速推动相同的木箱在相同的路面走同样的位移(推箱的速度大小如图中所示),比较此过程中两人分别对木箱做的功,下列说法正确的是()图1A.大人做的功多B.小孩做的功多C.大人和小孩做的功一样多D.条件不足,无法判断解析因为木箱匀速运动,小孩和大人所用的推力相等,又因为所走的位移相同,所以做功一样多,选项C正确。答案C2.如图2所示,运动员跳伞将经历加速下降和减速下降两个过程。将人和伞看成一个系
2、统,在这两个过程中,下列说法正确的是 ()图2A.阻力对系统始终做负功B.系统受到的合力始终向下C.重力做功使系统的重力势能增加D.任意相等的时间内重力做的功相等解析无论系统在什么运动情况下,阻力一定做负功,A正确;加速下降时,合力向下,减速下降时,合力向上,B错误;系统下降,重力做正功,所以重力势能减少,C错误;由于系统做变速运动,系统在相等时间内下落的高度不同,所以重力做功不同,D错误。答案A3. 在大型游乐场里,小明乘坐如图3所示匀速转动的摩天轮,正在向最高点运动,对此过程,下列说法正确的是()图3A.小明的重力势能保持不变B.小明的动能保持不变C.小明的机械能守恒D.小明的机械能减少解
3、析摩天轮在转动的过程中,小明的高度不断发生变化,小明的重力势能也在发生变化,故A错误;由于摩天轮匀速转动,所以小明的速度大小不变,小明的动能保持不变,故B正确;机械能包括动能和势能,小明所具有的机械能等于他的动能和势能之和,由于其动能不变,而势能随着其高度的变化而变化,所以小明的机械能也在不断变化,当其上升时,机械能增加,故C、D错误。 答案B4.如图4是小孩滑滑梯的情景,假设滑梯是固定光滑斜面,倾角为30,小孩质量为m,由静止开始沿滑梯下滑,滑行距离为s时,重力的瞬时功率为()图4A.mg B.mgC.mg D.mg解析小孩的加速度ag,由v22as得小孩滑行距离s时的速率v,故此时重力的瞬
4、时功率Pmgvsin 30mg,B正确。答案B5.(2018洛阳高一检测)如图5所示,用长为L的轻绳把一个小铁球悬挂在高为2L的O点处,小铁球以O点为圆心在竖直平面内做圆周运动且恰能到达最高点B处,不计空气阻力。若运动中轻绳断开,则小铁球落到地面时的速度大小为()图5A. B.C. D.解析小铁球恰能到达最高点B,则小铁球在最高点处的速度v。以地面为零势能面,小铁球在B点处的总机械能为mg3Lmv2mgL,无论轻绳是在何处断的,小铁球的机械能总是守恒的,因此到达地面时的动能mv2mgL,故小铁球落到地面的速度v,D正确。答案D6.如图6所示,木块A放在木板B的左端上方,用水平恒力F将A拉到B的
5、右端,第一次将B固定在地面上,F做功W1,生热Q1;第二次让B在光滑水平面可自由滑动,F做功W2,生热Q2,则下列关系中正确的是()图6A.W1W2,Q1Q2 B.W1W2,Q1Q2C.W1W2,Q1Q2 D.W1W2,Q1Q2解析木块A从木板B左端滑到右端克服摩擦力所做的功WFfs,因为木板B不固定时木块A的位移要比木板B固定时长,所以W1W2;摩擦产生的热量QFfl相对,两次都从木板B左端滑到右端,相对位移相等,所以Q1Q2,故选项A正确。答案A7.(2018大连高一检测)如图7所示,A、B两球质量相等,A球用不能伸长的轻绳系于O点,B球用轻弹簧系于O点,O与O点在同一水平面上,分别将A、
6、B球拉到与悬点等高处,使绳和轻弹簧均处于水平,弹簧处于自然状态,将两球分别由静止开始释放,当两球达到各自悬点的正下方时,两球仍处在同一水平面上,则()图7A.两球到达各自悬点的正下方时,两球动能相等B.两球到达各自悬点的正下方时,A球动能较大C.两球到达各自悬点的正下方时,B球动能较大D.两球到达各自悬点的正下方时,A球受到向上的拉力较大解析整个过程中两球减少的重力势能相等,A球减少的重力势能完全转化为A球的动能,B球减少的重力势能转化为B球的动能和弹簧的弹性势能,所以A球的动能大于B球的动能,所以B正确;在悬点正下方位置,根据牛顿第二定律知Fmg,因为vAvB,所以A球受到的拉力较大,所以D
7、正确。答案BD8.如图8所示,轻质弹簧一端固定,另一端连接一小物块,O点为弹簧在原长时物块的位置。物块由A点静止释放,沿粗糙程度相同的水平面向右运动,最远到达B点。在从A到B的过程中,物块()图8A.加速度先减小后增大B.经过O点时的速度最大C.所受弹簧弹力始终做正功D.所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功解析对物块受力分析,当弹簧处于压缩状态时,由牛顿第二定律可得kxfma,x减小,a减小,当a0时,物块速度最大,此时,物块在O点左侧,选项B错误;从加速度a0处到O点过程,由牛顿第二定律得fkxma,x减小,a增大,当弹簧处于伸长状态时,由牛顿第二定律可得kxfma,x增大,a继续增大,可
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